322. 零钱兑换

给你一个整数数组 coins ，表示不同面额的硬币；以及一个整数 amount ，表示总金额。

计算并返回可以凑成总金额所需的 最少的硬币个数 。如果没有任何一种硬币组合能组成总金额，返回 -1 。

你可以认为每种硬币的数量是无限的。

示例 1：

输入：coins = [1, 2, 5], amount = 11
输出：3
解释：11 = 5 + 5 + 1

示例 2：

输入：coins = [2], amount = 3
输出：-1

示例 3：

输入：coins = [1], amount = 0
输出：0

提示：

• 1 <= coins.length <= 12
• 1 <= coins[i] <= 231 - 1
• 0 <= amount <= 104

第一次做的时候，我不知道该怎么去表示背包已经满了以及什么才是最小值

class Solution {
public:int coinChange(vector<int>& coins, int amount) {vector<int> dp(amount+1,INT_MAX);dp[0]=0;for(int i=0;i<coins.size();i++)for(int j=coins[i];j<=amount;j++)if(dp[j-coins[i]]!=INT_MAX)dp[j]=min(dp[j-coins[i]]+1,dp[j]);if(dp[amount]==INT_MAX) return -1;return dp[amount];}
};

首先回答我一开始的两个疑问：

• 怎么去表示背包已经满了？
  首先我们整体过一遍背包的过程：对于第一个物品，从dp[coins[i]]开始，它是在dp[0]的基础上加的，所以它必然是满的，然后之后一个背包就是在dp[coins[i]]的基础上加的，所以它也是满的……就这样不断迭代推进，像多米诺骨牌一样，要不就装不了，要不就是装满的。如果从中间看确实难看出来，但是从开头的几个，如当i=0时的dp[1]、dp[2]，就明确的知道：只要dp[j]有值，那么它就是满的
• 什么才是最小值？
  这就是递归函数的作用，一般最大值要有max，最小值要有min，求个数问题则是求和。
  为什么这样（dp[j]=min(dp[j-coins[i]]+1,dp[j])） 就是最小值？我们还是一样，从开头开始看，当新物品纳入的时候，我们就要考虑是加入新物品“好”，还是不加新物品“好”，每回都是选两者中最小的，那么到了后面，自然而然就是最小值了。

易错点：

• 初始化：由于是求min，所以必须初始化为INT_MAX，绝不能简单的赋为0，否则0会覆盖真正的值。

if(dp[j-coins[i]]!=INT_MAX)dp[j]=min(dp[j-coins[i]]+1,dp[j]);

这里的if条件不可少，如果没有它，那么dp[j-coins[i]]+1就会超过INT_MAX，从而引发异常

  if(dp[amount]==INT_MAX) return -1;

当不能凑出amout的时候，dp[amount]的值还是原来初始化的值。至于为什么，你可以借助开头的几个dp来理解。

279. 完全平方数

给你一个整数 n ，返回 和为 n 的完全平方数的最少数量 。

完全平方数 是一个整数，其值等于另一个整数的平方；换句话说，其值等于一个整数自乘的积。例如，1、4、9 和 16 都是完全平方数，而 3 和 11 不是。

示例 1：

输入：n = 12
输出：3
解释：12 = 4 + 4 + 4

示例 2：

输入：n = 13
输出：2
解释：13 = 4 + 9

提示：

• 1 <= n <= 104

class Solution {
public:vector<int> pingFangShu(int n){vector<int> nums(n);for(int i=1;;i++){if(i*i<=n)nums.push_back(i*i);elsebreak;}return nums;}int numSquares(int n) {vector<int> dp(n+1,INT_MAX);dp[0]=0;vector<int> nums=pingFangShu(n);for(int i=0;i<nums.size();i++)for(int j=nums[i];j<=n;j++)if(dp[j-nums[i]]!=INT_MAX)dp[j]=min(dp[j-nums[i]]+1,dp[j]); return dp[n];}
};

这样的写法是可以的，但是超出了力扣的时间限制。上面的是单独生成“物品”，选择只好在for循环里面边遍历边生成了，代码如下：

class Solution {
public:int numSquares(int n) {vector<int> dp(n+1,INT_MAX);dp[0]=0;for(int i=1;i*i<=n;i++)for(int j=i*i;j<=n;j++)if(dp[j-i*i]!=INT_MAX)dp[j]=min(dp[j-i*i]+1,dp[j]); return dp[n];}
};

原理和322基本相同。

139. 单词拆分

给你一个字符串 s 和一个字符串列表 wordDict 作为字典。如果可以利用字典中出现的一个或多个单词拼接出 s 则返回 true。

**注意：**不要求字典中出现的单词全部都使用，并且字典中的单词可以重复使用。

示例 1：

输入: s = “leetcode”, wordDict = [“leet”, “code”]
输出: true
解释: 返回 true 因为 “leetcode” 可以由 “leet” 和 “code” 拼接成。

示例 2：

输入: s = “applepenapple”, wordDict = [“apple”, “pen”]
输出: true
解释: 返回 true 因为 “applepenapple” 可以由 “apple” “pen” “apple” 拼接成。
注意，你可以重复使用字典中的单词。

示例 3：

输入: s = “catsandog”, wordDict = [“cats”, “dog”, “sand”, “and”, “cat”]
输出: false

提示：

• 1 <= s.length <= 300
• 1 <= wordDict.length <= 1000
• 1 <= wordDict[i].length <= 20
• s 和 wordDict[i] 仅由小写英文字母组成
• wordDict 中的所有字符串 互不相同

class Solution {
public:bool wordBreak(string s, vector<string>& wordDict) {unordered_set<string> wordSet(wordDict.begin(), wordDict.end());vector<bool> dp(s.size() + 1, false);dp[0] = true;for (int j = 1; j <= s.size(); j++) {   // 遍历背包for (int i = 0; i < j; i++) {       // 遍历物品string word = s.substr(i, j - i); //substr(起始位置，截取的个数)if (wordSet.find(word) != wordSet.end() && dp[i]) {dp[j] = true;}}}return dp[s.size()];}
};

本题难度较高，一刷可放过

多重背包要点

• 有N种物品和一个容量为W 的背包。第 i 种物品最多有 Mi 件可用，每件耗费的空间是Ci ，价值是 Vi ，求价值总和最大。
• **多重背包和01背包是非常像的：**每件物品最多有Mi件可用，把Mi件摊开，其实就是一个01背包问题了，即：

for (int i = 0; i < n; i++) {while (nums[i] > 1) { // 物品数量不是一的，都展开weight.push_back(weight[i]);value.push_back(value[i]);nums[i]--;}}vector<int> dp(bagWeight + 1, 0);for(int i = 0; i < weight.size(); i++) { // 遍历物品，注意此时的物品数量不是nfor(int j = bagWeight; j >= weight[i]; j--) { // 遍历背包容量dp[j] = max(dp[j], dp[j - weight[i]] + value[i]);}}return dp[bagWeight] 
}

• 多重背包在面试中基本不会出现

背包问题大总结

（这个图是代码随想录知识星球成员海螺人所画）